1) Newtons tredje lag: Kraft och motkraft verkar på OLIKA
system - det är alltså inte så att "nettokraften blir noll".
I alla situationer i uppgiften verkar såväl tyngdkraft som en lika stor men
motriktad normalkraft på såväl häst som kärra. I vertikalled sker inte
någon ändring av hastighet - rörelsen är rent horisontell. Krafter i
horisontal-led ser olika ut i de tre fallen.
- Innan kärran börjar rulla (dvs "tillstånd av vila")
måste summan av alla krafter
vara noll, både på kärran och på hästen.
Hästen utövar en kraft på kärran som motverkas av friktion (dels i
hjullager och dels från marken) - lika stor men motriktad. Den största
kraft hästen kan utöva på kärran är den statiska friktionskoefficienten
* kärrans tyngd.
Kärran utövar en lika stor kraft på hästen, denna motverkas av att
markens kraft på hästen (eftersom
hästen utövar en kraft på marken för att dra). Obs friktionskraften på hästen verkar framåt - det finns inte någon annan "framåtkraft" på hästen.
- När kärran börjar rulla - ända tills hästen kommer upp i
sin konstanta hastighet är rörelsen accelererad. Hästens kraft på kärran
måste alltså vara större än den motriktade friktionskraften.
(Vid rörelse gäller en mindre friktionskoefficient än den statiska!)
Eftersom även hästen accelererara måste dragkraften från hästen vara
mindre än den kraft hästen utövar på marken.
- När hästen och kärran rör sig med konstant hastighet -
(Tillstånd av likformig rätlinjig rörelse) måste friktionskraften och
hästens dragkraft precis motverka varandra. Även krafterna på hästen,
från kärran och marken, måste ta ut varandra.
- Kommentar: Förbjudet att låta kraft och motkraft kombineras till en resultant "0" - de verkar på olika kroppar. (0.5p avdrag, även om ni försökt förklara i text)
- 0.5p avdrag om normalkraft och tyngdkraft inte korrekt medtagna i minst ett av exemplen
- 0.5p avdrag om friktionskraften på hästen saknas, eller är riktad åt fel håll eller om det finns en ospecificerad "framåtkraft"
- 0.5p avdrag om ni undvikit att referera till Newtons tredje lag
|
2) Motsatsen till en perfekt inelastisk kollision. Rörelsemängden
bevaras (dvs de två alfa-partiklarna har precis motriktad hastighet)
och all energi blir rörelseenergi, så alfa-partiklarna får hälften var.
v = sqrt (2E/m) = 1.5 E6 m/s.
- Lätt uppgift. Jag vill har svar med rimligt antal värdesiffror. Energin angavs med 2 siffor - svara inte med fler. Svar med 2 decimaler (3 siffror) accepteras. 0.5 p avdrag om ni svarat med fler. 0.5p avdrag om ni inte på något sätt markerat att de två alfa-partiklarna har motriktad hastighet.
- 0.5p avdrag om ni missat att det är TVÅ partiklar som delar på energin
|
3) Gunga, vinkel b= 60o. De enda krafter som verkar under
gungandet är tyngdkraften och kraften från snöret som
hela tiden verkar i radiell led (snörets riktning, in mot centrum,
dvs
upphängingspunkten).
- I vändläget är kraften från snöret mg cos b = mg/2
Accelerationen i vändläget är mg sin b.
- Farten i lägsta punkten fås ur energiprincipen,
Mv2/2 = Mgh = Mg L(1- cos b), dvs
v =sqrt(2gL *(1-cos b) ) som blir c:a 5 m/s.
-
I nedersta punkten är centripetalaccelerationen
v2/L = 2g (1-cos b). Denna erhålles genom resultanten
av kraften från snöret och tyngdkraften. Detta innebär
att
kraften från snöret måste vara (3g - 2g cos b)*M =
2Mg.
-
Accelerationen i nedersta punkten är större
än accelerationen i vändläget .
4)
- För maximal räckvidd skjuter man i
45o
(man kan också utnyttja godtycklig vinkel och sedan visa att detta
gäller). I starten blir farten i x och y-led vardera 636m/s. Med
g=1.67m/s tar det 636/1.67s = 381 s innan kulan nått högsta punkten
och lika lång tid innan den når marken igen. Den har
då hunnit 485 km.
- Avstånd måne-jord: Första approximation
1.25 * 3 E8 m. Likformighet: vinkeln 0.5o. svara mot
0.5 * pi/180 radianer. Diameterna blir då c:a
(0,5*pi/180) * 1.25 * 3E8 =327 mil, (dvs knappt 1/4 av jordens).
( Avståndet mellan jordens
centrum och månens centrum blir ett par procent längre
än avståndet mellan ytorna. Inget avdra för att
försumma skillnaden)
- Omloppsbana nära månen:
v^2/R = 1.67m/s2
Hastigheten blir c:a 1.7km/s. Kulan kommer då att komma i en
cirkulär bana. Vid lite högre fart blir banan elliptisk.
(I båda fallen är det bra att flytta sig efter skottet!)
(Om farten blir sqrt(2) högre har kulan tillräckligt mycket
energi för att lämna månen.)
0.5p avdrag om ni beräknat flykthastigheten
- Kommentar: 0.5p avdrag för felaktig formeltillämpning.
- 0.5p om ni anger flykthastighet ist.f. fart som krävs för att gå i omloppsbana.
|
5) Julgranen
- F= C rho v2 A.
- Kedjorna är c:a 100 m långa och någon cm tjocka.
Ytan c:a 1 m2
- Vid 20m/s blir kraften då c:a 500 N
- Vid 40m/s blir kraften 2000 N
- Läs mer om "drag coefficients" mm på
Nasas
aerodynamik-sida
Om vi tänker att massan hänger i kedjan och betraktar vridmomentet
m.a.p. toppen får vi
mg L * sin v = F * L/2, dvs mg = F/ (2 sin v).
Om vinkeln är 10 grader behöver vi en massa på c:a 600
kg för att klara 40 m/s)
- (De klumpar som sitter på varje kedja väger c:a 700 kg.)
| |
6) Tvillingparadoxen: (Baserat på ett stycke i Paul
Hewitt's bok "Conceptual Physics")
- Utresa, utsändning av 10 blixtar, som anlämnder
var 12:e minut, dvs 12, 24, 36, .... 120 min efter start. Under
returresan sänds ytterligare tio blixtar ut, kommer till jorden
efter
123, 126 .... 150 minuter efter start. Total tid 2 tim, 30 min.
- Pulserna från jorden anländer var 12 min till
rymdskeppet som allts&arign; hinner ta emot 5 pulser under
utresan. Under returresan kommer pulserna var 3:e minut, så rymdresenären
hinner ta emot 20 pulser. Totalt har alltså 25 pulser skickats ut,
vilket svarar mot 150 minuter. I båda falllen är det
resenären som "tjänat" 30 min - efter att ha accelererat
två gånger.
Obs, man kan inte direkt utnyttja formeln för tidsdilatation för att få ram hastigheten. (Lättast kan man inse detta genom att den inte förklarar varför pulserna anländer med olika intervall till jorden och planeten.) För att få fram Dopplerskiftet (som vi inte gått igenom, men som inte heller behövs för att lösa uppgiften) måste man kombinera uttrycket för tidsdilatation med att ta hänsyn till att pulserna skickas iväg på olika avstånd från mottagaren.
7)
- d) Meterstavens massa är 2kg.
- b 100 N (Newtons 3:a !)
- c, 40 cm (Masscentrum i vila: 40cm = 2m* (125 -75)/(125+75+50)
- b) Under piruetten ... ... är rörelsemängdsmomentet bevarat
- ... a) medan rörelseenergin ökar
- d) Jorden är närmare solen på vintern än på sommaren (färre
dagar från 22 sept (c:a) till 21 mars (c:a) än vice versa.
Keplers lagar! (att det är varmare på sommaren beror
p&arign; jordaxelns lutning)
- b) Stenen i luften påverkas endast av tyngdkraften, F=mg. Acceleration
blir alltså a=F/m = g.
- c) 160g
(100g socker svarar mot 1.7 MJ = c:a 400 kcal - kanske inte så
lätt att komma ihåg, b och d accepteras - en sockerbit svara
mot bil i stadstrafik!)
- a) 30 kN (= 60kN * sin (30 o)
- a,f,i illustrerar konstant hastighet (1/6p för 1-2 svar)
- Graferna c och d illustrerar situationer där
hastigheten byter riktning (kan även vara g,h - men beror på
ytterligare information) (1/6 p för 1 svar)
- Vilken/vilka av graferna beskriver en situation med
konstant acceleration?
a,d,e,f,h,i (1/6 p om 2-3 svar, 1/3p om 4-6)
| Det blev många
övningar
i att själv vara delaktig i problemformuleringen. Jag är
så nyfiken på hur ni klarat det!
Hälsningar
| | Ann-Marie |
|